网上有关“排列组合的几道题”话题很是火热，小编也是针对排列组合的几道题寻找了一些与之相关的一些信息进行分析，如果能碰巧解决你现在面临的问题，希望能够帮助到您。
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其实你的问题是同一题型，自己注意总结一下~~
第一题：120
保证每个盒子里分得的球量数不少于他的编号，则需留下6个球
17-6=11
然后11个球无差别放入3个盒子，用隔板法（与插空法有点相同，单头尾两个空不能算），有10个地方插入3个板，则有：(10*9*8)/(3*2*1)=120
第二题：84
保证每个班级至少两个名额，则7*2=14
17-14=3
然后3个名额随机无差别分到7个班中：
又分3种情况，
1）3个名额全分在一个班里：7种
2）2个，1个来分：7*6=42种
3）1个，1个，1个来分：7个班级选出3个即可：（7*6*5）/（3*2*1）=35种
总数7+42+35=84
第三题：
保证6人分一瓶：10-6=4
4瓶再分有3种分法
1）4瓶均分：6人里选4人：
2）2瓶，2瓶：6人里选2人，是组合：
3）1瓶，3瓶：6人里选2人，但是是排列：
我没时间了，等会继续回答
排列组合的例题分析
1.由于相同颜色不能相邻，所以选后一种颜色时只能选与前一种不同的其他3种颜色。
故4×3×3×3×3×3=972种。
2.首先要知道，3的倍数的各个位上的数字之和是3的倍数。
先考虑有0的情况，组成3的倍数的数字的可能组合是：0,0,3、0,2,4、0,2,7、0,3,3、0,4,5、0,5,7。
其中，0,0,3只能组成300，0,3,3只能有两种排列303和330，而其余的可以有4种排列。如：0,2,4可以组成204、240、402、420。
所以有0的情况共1+2+4×4=19种。
再考虑没有0的情况，
第一，三个数字相同的肯定是3的倍数，有222、333、444、555、777共5种。
第二，有两个数字相同的组合是：2,2,5、2,5,5、4,4,7、4,7,7。每种组合有3种排列方法。如：2,2,5可以组成225、252、522。所以共3×4=12种。
第三，三个数字都不同的组合是：2,3,4、2,3,7、3,4,5、3,5,7。每种组合有6种排列方法。如：2,3,4可以组成234、243、324、342、423、432。所以共6×4=24种。
综上所述，共19+5+12+24=60种。
。
排列组合的题目7道，各位帮帮忙，急用啊！！
⑴从千差万别的实际问题中抽象出几种特定的数学模型，需要较强的抽象思维能力；
⑵限制条件有时比较隐晦，需要我们对问题中的关键性词（特别是逻辑关联词和量词）准确理解；
⑶计算手段简单，与旧知识联系少，但选择正确合理的计算方案时需要的思维量较大；
⑷计算方案是否正确，往往不可用直观方法来检验，要求我们搞清概念、原理，并具有较强的分析能力。 例1 从1、2、3、……、20这二十个数中任取三个不同的数组成等差数列，这样的不同等差数列有多少个？
分析：首先要把复杂的生活背景或其它数学背景转化为一个明确的排列组合问题。
设a,b,c成等差，∴ 2b=a+c，可知b由a,c决定，
又∵ 2b是偶数，∴ a,c同奇或同偶，即：分别从1，3，5，……，19或2，4，6，8，……，20这十个数中选出两个数进行排列，由此就可确定等差数列，A（10,2）*2=90*2，因而本题为180。
例2 某城市有4条东西街道和6条南北的街道，街道之间的间距相同，若规定只能向东或向北两个方向沿图中路线前进，则从M到N有多少种不同的走法?
分析：对实际背景的分析可以逐层深入：
（一）从M到N必须向上走三步，向右走五步，共走八步；
（二）每一步是向上还是向右，决定了不同的走法；
（三）事实上，当把向上的步骤决定后，剩下的步骤只能向右；
从而，任务可叙述为：从八个步骤中选出哪三步是向上走，就可以确定走法数。
∴ 本题答案为：C（8,3）=56。 分析是分类还是分步，是排列还是组合
注意加法原理与乘法原理的特点，分析是分类还是分步，是排列还是组合。
例3在一块并排的10垄田地中，选择二垄分别种植A，B两种作物，每种种植一垄，为有利于作物生长，要求A，B两种作物的间隔不少于6垄，不同的选法共有多少种？
分析：条件中“要求A、B两种作物的间隔不少于6垄”这个条件不容易用一个包含排列数，组合数的式子表示，因而采取分类的方法。
第一类：A在第一垄，B有3种选择；
第二类：A在第二垄，B有2种选择；
第三类：A在第三垄，B有1种选择，
同理A、B位置互换 ，共12种。
例4从6双不同颜色的手套中任取4只，其中恰好有一双同色的取法有多少种？
（A)240 (B)180 (C)120 (D)60
分析：显然本题应分步解决。
（一）从6双中选出一双同色的手套，有6种方法；
（二）从剩下的十只手套中任选一只，有10种方法。
（三）从除前所涉及的两双手套之外的八只手套中任选一只，有8种方法；
（四）由于选取与顺序无关，因（二）（三）中的选法重复一次，因而共240种。
或分步
⑴从6双中选出一双同色的手套，有C（6,1）=6种方法
⑵从剩下的5双手套中任选两双，有C（5,2）=10种方法
⑶从两双中手套中分别拿两只手套，有C（2,1）×C（2,1）=4种方法。
同样得出共⑴×⑵×⑶=240种。
例5．身高互不相同的6个人排成2横行3纵列，在第一行的每一个人都比他同列的身后的人个子矮，则所有不同的排法种数为_______。
分析：每一纵列中的两人只要选定，则他们只有一种站位方法，因而每一纵列的排队方法只与人的选法有关系，共有三纵列，从而有C（6,2）×C（4,2）×C（2,2）=90种。
例6在11名工人中，有5人只能当钳工，4人只能当车工，另外2人能当钳工也能当车工。现从11人中选出4人当钳工，4人当车工，问共有多少种不同的选法?
分析：采用加法原理首先要做到分类不重不漏，如何做到这一点？分类的标准必须前后统一。
以两个全能的工人为分类的对象，考虑以他们当中有几个去当钳工为分类标准。
第一类：这两个人都去当钳工，C（2,2）×C（5,2）×C（4,4）=10种；
第二类：这两个人都去当车工，C（5,4）×C（2,2）×C（4,2）=30种；
第三类：这两人既不去当钳工，也不去当车工C（5,4）×C（4,4）=5种。
第四类：这两个人一个去当钳工、一个去当车工，C（2,1）×C（5,3）×C（4,3）=80种；
第五类：这两个人一个去当钳工、另一个不去当车工，C（2,1）×C（5,3）×C（4,4）=20种；
第六类：这两个人一个去当车工、另一个不去当钳工，C（5,4）×C（2,1）×C（4,3）=40种；
因而共有185种。
例7现有印着0，1，3，5，7，9的六张卡片，如果允许9可以作6用，那么从中任意抽出三张可以组成多少个不同的三位数?
分析：有同学认为只要把0，1，3，5，7，9的排法数乘以2即为所求，但实际上抽出的三个数中有9的话才可能用6替换，因而必须分类。
抽出的三数含0，含9，有32种方法；
抽出的三数含0不含9，有24种方法；
抽出的三数含9不含0，有72种方法；
抽出的三数不含9也不含0，有24种方法。
因此共有32+24+72+24=152种方法。
例8停车场划一排12个停车位置，今有8辆车需要停放，要求空车位连在一起，不同的停车方法有多少种?
分析：把空车位看成一个元素，和8辆车共九个元素排列，因而共有A（9,9）=362880种停车方法。 特殊元素，优先处理；特殊位置，优先考虑。
例9六人站成一排，求
⑴甲、乙既不在排头也不在排尾的排法数
⑵甲不在排头，乙不在排尾，且甲乙不相邻的排法数
分析：⑴按照先排出首位和末尾再排中间四位分步计数
第一步：排出首位和末尾、因为甲乙不在首位和末尾，那么首位和末尾实在其它四位数选出两位进行排列、一共有A（4,2）=12种；
第二步：由于六个元素中已经有两位排在首位和末尾，因此中间四位是把剩下的四位元素进行顺序排列，
共A（4,4）=24种；
根据乘法原理得即不再排头也不在排尾数共12×24=288种。
⑵第一类：甲在排尾，乙在排头，有A（4,4）种方法。
第二类：甲在排尾，乙不在排头，有3×A（4,4）种方法。
第三类：乙在排头，甲不在排尾，有3×A（4,4）种方法。
第四类：甲不在排尾也不在排头，乙不在排头也不在排尾，有6×A（4,4）种方法（排除相邻）。
共A（4,4）+3×A（4,4）+3×A（4,4）+6×A（4,4）=312种。
例10对某件产品的6件不同正品和4件不同次品进行一一测试，至区分出所有次品为止。若所有次品恰好在第五次测试时被全部发现，则这样的测试方法有多少种可能?
分析：本题意指第五次测试的产品一定是次品，并且是最后一个次品，因而第五次测试应算是特殊位置了，分步完成。
第一步：第五次测试的有C（4,1）种可能；
第二步：前四次有一件正品有C（6,1）中可能。
第三步：前四次有A（4,4）种可能。
∴ 共有576种可能。 例118人排成一队
⑴甲乙必须相邻
⑵甲乙不相邻
⑶甲乙必须相邻且与丙不相邻
⑷甲乙必须相邻，丙丁必须相邻
⑸甲乙不相邻，丙丁不相邻
分析：⑴甲乙必须相邻，就是把甲乙 捆绑（甲乙可交换） 和7人排列A（7,7）×A（2，2）
⑵甲乙不相邻，A（8,8）-A（7,7）×2。或A（6,6）×A(7,2)
⑶甲乙必须相邻且与丙不相邻，先求甲乙必须相邻且与丙相邻A（6,6）×2×2
甲乙必须相邻且与丙不相邻A（7,7）×2-A（6,6）×2×2
⑷甲乙必须相邻，丙丁必须相邻A（6,6）×2×2
⑸甲乙不相邻，丙丁不相邻，A（8,8）-A（7,7）×2×2+A（6,6）×2×2
例12某人射击8枪，命中4枪，恰好有三枪连续命中，有多少种不同的情况?
分析：∵ 连续命中的三枪与单独命中的一枪不能相邻，因而这是一个插空问题。另外没有命中的之间没有区别，不必计数。即在四发空枪之间形成的5个空中选出2个的排列，即A（5,2）。
例13 马路上有编号为l，2，3，……，10 十个路灯，为节约用电又看清路面，可以把其中的三只灯关掉，但不能同时关掉相邻的两只或三只，在两端的灯也不能关掉的情况下，求满足条件的关灯方法共有多少种?
分析：即关掉的灯不能相邻，也不能在两端。又因为灯与灯之间没有区别，因而问题为在7盏亮着的灯形成的不包含两端的6个空中选出3个空放置熄灭的灯。∴ 共C（6,3）=20种方法。
方法二：
把其中的3只灯关掉总情况有C（8，3)种
关掉相邻的三只有C（6，1)种
关掉相邻的两只有2*C（7，2)-12种所以满足条件的关灯方法有:C（8，3)-C（6，1)-[2*C（7，2)-12]=56-6-(42-12)=20种 ⑴排除法
例14三行三列共九个点，以这些点为顶点可组成多少个三角形?
分析：有些问题正面求解有一定困难，可以采用间接法。
所求问题的方法数=任意三个点的组合数-共线三点的方法数，
∴ 共76种。
例15正方体8个顶点中取出4个，可组成多少个四面体?
分析：所求问题的方法数=任意选四点的组合数-共面四点的方法数，
∴ 共C（8,4）-12=70-12=58个。
例161，2，3，……，9中取出两个分别作为对数的底数和真数，可组成多少个不同数值的对数?
分析：由于底数不能为1。
⑴当1选上时，1必为真数，∴ 有一种情况。
⑵当不选1时，从2--9中任取两个分别作为底数，真数，共A（8,2）=56，其中log2为底4=log3为底9，log4为底2=log9为底3,log2为底3=log4为底9,log3为底2=log9为底4.
因而一共有56-4+1=53个。
例17 六人排成一排，要求甲在乙的前面，（不一定相邻），共有多少种不同的方法? 如果要求甲乙丙按从左到右依次排列呢?
分析：（一）实际上，甲在乙的前面和甲在乙的后面两种情况对称，具有相同的排法数。因而有A(6，6)/2=360种。
（二）先考虑六人全排列A(6,6)种；其次甲乙丙三人实际上只能按照一种顺序站位，因而前面的排法数重复了A(3,3)种， ∴ 有A(6，6)/A(3,3)=120种。
例185男4女排成一排，要求男生必须按从高到矮的顺序，共有多少种不同的方法?
分析：（一）首先不考虑男生的站位要求，共A（9,9）种；男生从左至右按从高到矮的顺序，只有一种站法，因而上述站法重复了A(5,5)次。因而有A(9,9,)/A(5,5,)=9×8×7×6=3024种
若男生从右至左按从高到矮的顺序，只有一种站法， 同理也有3024种，综上，有6048种。
（二）按照插空的方式进行思考。
第一步：4个女生先在9个位置中选择4个，为A(9,4)种方式；
第二步：男生站剩下的位置，因为必须从高到矮的顺序，没有规定方向，所以有2种；
综上，总的站法数有A(9,4)×2=6048种。
例19 三个相同的红球和两个不同的白球排成一行，共有多少种不同的方法?
分析：先认为三个红球互不相同，共A（5,5）=120种方法。
而由于三个红球所占位置相同的情况下，共A（3,3）=6变化，因而共A（5,5）/A（3,3）=20种。
公式P是指排列，从N个元素取R个进行排列（即排序）。（P是旧用法，教材上多用A，Arrangement)
公式C是指组合，从N个元素取R个，不进行排列（即不排序）。 例2010个名额分配到八个班，每班至少一个名额，问有多少种不同的分配方法?
分析：把10个名额看成十个元素，在这十个元素之间形成的九个空中，选出七个位置放置档板，则每一种放置方式就相当于一种分配方式。因而共36种。 所有的排列都可以看作是先取组合，再做全排列；同样，组合如补充一个阶段（排序）可转化为排列问题。
例21用数字0，1，2，3，4，5组成没有重复数字的四位数，
⑴可组成多少个不同的四位数?
⑵可组成多少个不同的四位偶数
⑶可组成多少个能被3整除的四位数?
分析：⑴有A（6,4）-A（5,3）=300个。
⑵分为两类：0在末位，则有A（5,3）=60种：0不在末位，则有C（2,1）×A（5,3）-C（2,1）×A（4,2）=96种。
∴ 共60+96=156种。
⑶先把四个相加能被3整除的四个数从小到大列举出来，即先选
0，1，2，3
0，1，3，5
0，2，3，4
0，3，4，5
1，2，4，5
它们排列出来的数一定可以被3整除，再排列，有：4×[A（4,4）-A（3,3）]+A（4,4）=96种。 例22 5名学生分配到4个不同的科技小组参加活动，每个科技小组至少有一名学生参加，则分配方法共有多少种？
分析：（一）先把5个学生分成二人，一人，一人，一人各一组。
其中涉及到平均分成四组，有C（5,3）=10种分组方法。可以看成4个板三个板不空的隔板法。
（二）再考虑分配到四个不同的科技小组，有A（4,4）=24种，
由（一）（二）可知，共10×24=240种。 例23某区有7条南北向街道，5条东西向街道（如右图）
⑴图中共有多少个矩形？
⑵从A点到B点最近的走法有多少种？
分析：⑴在7条竖线中任选2条，5条横线中任选2条，这样4条线
可组成1个矩形，故可组成矩形C（7,2）·C（5,2）=210个
⑵每条东西向的街道被分成4段，每条南北向的街道被分成6段，从A到B最短的走法，无论怎样走，一定包括10段，其中6段方向相同，另外4段方向相同，每种走法，即是从10段中选出6段，这6段是走东西方向的，共有C（10,6）=C（10,4）=210种走法（同样可以从10段中选出4段走南北方向，每一种选法即是1种走法）。所以共有210种走法。 排列、组合、二项式定理公式口诀：
加法乘法两原理，贯穿始终的法则。与序无关是组合，要求有序是排列。
两个公式两性质，两种思想和方法。归纳出排列组合，应用问题须转化。
排列组合在一起，先选后排是常理。特殊元素和位置，首先注意多考虑。
不重不漏多思考，捆绑插空是技巧。排列组合恒等式，定义证明建模试。
关于二项式定理，中国杨辉三角形。两条性质两公式，函数赋值变换式。
(我是原版的,因为计算失误改答案,所以不是沙发了,谢谢)
解:
(1)某一种颜色的卡片重复3张:(3C1)*(5C3)*(5C1)*(5C1)=750种
某两种颜色的卡片重复2张:(3C2)*(5C2)*(5C2)*(5C1)=1500种
所以字母不同且三色齐全共有2250种.
(2)5人编号与座位编号一致:5C5=1种
4人编号与座位编号一致且1人不一致:0种
3人编号与座位编号一致且2人不一致:(5C3)*(1C1)(1C1)=10种
所有人有序排列的情况:
5P
5=120
所以至多有两人的编号与座位编号一致的坐法种数为120-10-0-1=109种
(3)①4球都是
红球
:4C4=1种
3球是红球:(4C3)*(6C1)=24种
2球是红球:(4C2)*(6C2)=90种
所以红球的个数不少于
白球
的取法有115种.
②2个红球:(4C2)*(6C3)=120种
3个红球:(4C3)*(6C2)=60种
4个红球:(4C4)*(6C1)=6种
所以总分不小于7的取法有186种
(4)4偶1奇:(5C4)*(6C1)=30种
2偶3奇:(5C2)*(6C3)=200种
0偶5奇:(5C0)*(6C5)=6种
所以一共有236种.
(5)首先固定甲乙丙的位置,他们顺序排列后,产生4个间位,编号为①②③④
即:①甲②乙③丙④
易得②③位置必须有人,所以先把这两个位置的人选定:4P2
剩下两个人有4个位置可以选:4P2
综上,共有(4P2)*(4P2)=144种
所以甲乙丙三人自左向右从高到矮排列且互不相邻的
拍法
有144种.
(6)同第五题一样,采用阁板法.
首先固定3盏灭的等的位置,产生4个间位,编号为①②③④
在①④位的左右端点分别有一盏必须亮的灯,②③位必须有亮的灯,所以不必考虑,即有3盏灯有4个位置可以随便选.
3盏灯在同一位置:4C1
2盏灯在同一位置:4P2
3盏灯分别在3个位置:4C3
所以有20种不用的关灯方法.
(7)1-8共8个数字分别在首位:(8C1)*(8P2)=448个
含有6的3位数(这里0可以作首位):(3P3)*(8C2)=168个
含有6且0为首位的3位数:(2P2)*(7C1)=14个
即含有6的三位数有168+14=182种,因为6可以当9用,所以有182中含9不含6的情况.
所以,可以组成448+182=630个三位数.
答案已修正.
呵呵,好多啊,算了半天呢.
关于“排列组合的几道题”这个话题的介绍，今天小编就给大家分享完了，如果对你有所帮助请保持对本站的关注！
